Loading [MathJax]/jax/output/HTML-CSS/jax.js
Középiskolai Matematikai és Fizikai Lapok
Informatika rovattal
Kiadja a MATFUND Alapítvány
Már regisztráltál?
Új vendég vagy?

A B. 5085. feladat (2020. február)

B. 5085. Mutassuk meg, hogy a szabályos hétszöget fel lehet darabolni véges sok, egymáshoz hasonló szimmetrikus trapézra.

Javasolta: Laczkovich Miklós (Budapest)

(6 pont)

A beküldési határidő 2020. március 10-én LEJÁRT.


Megoldás. A hétszöget olyan trapézokra fogjuk bontani, amelyeknek szögei 21807 és 51807 nagyságúak. A trapézok szárának és alapjainak aránya 1:a:b lesz, később meghatározandó a,b>0 számokkal, ahol persze ba=2cos36071,2469796 (baloldali ábra).

Egy-egy b, b(b1), illetve 1+a(b1) szárú trapézból rakjuk ki a jobb oldali ábrán látható OACDFG hatszöget. Mint látható, az ABHO trapéz hosszabbik alapja valóban bAO=b2=HG+GO, a BCDE trapéz hosszabbik alapja pedig bBC=b+ab(b1)=BH+HE.

Válasszuk az a,b számokat úgy, hogy az is teljesüljön, hogy AC=GF, azaz

ab+(1+a(b1))=b2(b1).

Behelyettesítve a=(b2cos3607)-t és rendezve,

b33b2+(4cos3607+1)b(2cos3607+1)=0,

vagy az együtthatók közelítő értékeivel

b33b2+3,4939592b2,24697960.

Ennek a harmadfokú egyenletnek a legnagyobb valós gyöke b1.731628, a hozzá tartozó a érték a0.484649.

Ha ezekkel az a,b értékekkel építjük fel az OACDFG hatszöget, és a hatszöget az O pont körül a 3607 többszöröseivel elforgatjuk, a hét elforgatott hatszög kiad egy szabályos hétszöget.


Statisztika:

4 dolgozat érkezett.
4 pontot kapott:1 versenyző.
1 pontot kapott:1 versenyző.
0 pontot kapott:2 versenyző.

A KöMaL 2020. februári matematika feladatai