![]() |
A B. 5367. feladat (2024. február) |
B. 5367. a) Az egységnyi sugarú nyílt körlapban elhelyeztünk egymásra merőlegesen két ℓ hosszúságú nyílt szakaszt úgy, hogy a szakaszoknak nincs közös pontjuk. Mennyi lehet ℓ?
b) Az egységnyi sugarú nyílt gömbben elhelyeztünk három ℓ hosszúságú nyílt szakaszt úgy, hogy páronként merőlegesek, és semelyik kettőnek nincs közös pontja. Mennyi lehet ℓ?
Javasolta: Vígh Viktor (Sándorfalva)
(4 pont)
A beküldési határidő 2024. március 11-én LEJÁRT.
Megoldás. Nyilvánvalóan mindkét esetben 0<ℓ<2, hiszen sem a kör, sem a gömb nem tartalmaz az átmérőjénél hosszabb szakaszt, ℓ=2 esetén pedig a szakaszok a kör, ill. a gömb középpontjában metszenék egymást.
Most rátérünk az a) részre. Legyen a szakaszok tartóegyeneseinek metszéspontja M. Először tegyük fel, hogy M nem illeszkedik egyik szakaszra sem. Legyenek a szakaszoknak az M-től távolabbi végpontjai X, illetve Y. Ekkor MXY egy derékszögű háromszög, amelynek derékszögű csúcsa M, és amelynek mindkét befogója legalább ℓ hosszúságú. A Pitagorasz-tételből következik, hogy XY≥ℓ√2. Másrészt a feltételek szerint X-t és Y-t a körlap lezártja tartalmazza, ezért XY≤2. Ezekből ℓ≤√2 adódik.
Most tegyük fel, hogy M az elhelyezett AB szakasz egy pontja, a másik szakasz M-től távolabbi végpontja legyen C. Világos, hogy a második szakaszt M irányába eltolva a körön belül marad, ezért feltehető, hogy a második szakasz éppen MC. A feltételek szerint az ABC háromszög körülírt körének sugara legfeljebb egységnyi.
Legyen AB felezőpontja F, és toljuk el C pontot →MF-ral, így kapjuk C′ pontot. Világos, hogy az ABC′ háromszöget is tartalmazza az ABC háromszög körülírt köre (hiszen a C pont C′F-re vonatkozó tükörképe rajta van a körvonalon), ezért ABC′ körülírt körének sugara is legfeljebb egységnyi. Másrészről ABC′ körülírt körének sugara kifejezhető ℓ segítségével; az ábra szerint (ℓ/2)2+x2=r2 és x+r=ℓ. Ebből x=ℓ−r-t visszahelyettesítve r=5ℓ/8 adódik. Innen r≤1 észrevételünk miatt ℓ≤8/5.
Mindkét vizsgált esetben teljesül tehát, hogy ℓ≤8/5. Könnyen látható, hogy az ábra szerinti elrendezésben ℓ=8/5 megvalósítható. Továbbá a szakaszokat a megfelelő arányban kicsinyítve a középpontjaikból minden 0<ℓ<8/5 is megvalósítható. Ezért az a) esetben 0<ℓ≤8/5.
Rátérünk a b) részre; megmutatjuk, hogy itt minden 0<ℓ<2 lehetséges. Rögzítsünk egy 0<ℓ<2 értéket, legyen
0<d=√1−(ℓ/2)2<1,
és helyezzük el a gömbünket a térbeli derékszögű koordinátarendszerben úgy, hogy közzépontja az origóba essen.
Tekintsük most az xy-síkban az x=d egyenletű egyenest, az yz-síkban az y=d egyenest; és az xz-síkban a z=d egyenletű egyenest. Ezek páronként egymásra merőleges, kitérő egyenesek, amelyek a nyílt gömböt egy-egy nyílt, ℓ hosszúságú (és szükségképpen páronként idegen) szakaszban metszik. Ez a példa mutatja, hogy valóban minden 0<ℓ<2 lehetséges.
Statisztika:
105 dolgozat érkezett. 4 pontot kapott: 56 versenyző. 3 pontot kapott: 8 versenyző. 2 pontot kapott: 25 versenyző. 1 pontot kapott: 2 versenyző. 0 pontot kapott: 10 versenyző. Nem számítjuk a versenybe a születési dátum vagy a szülői nyilatkozat hiánya miatt: 3 dolgozat.
A KöMaL 2024. februári matematika feladatai
|