![]() |
A C. 1748. feladat (2023. január) |
C. 1748. Mutassuk meg, hogy egy egységsugarú körbe írt húrnégyszög legrövidebb oldalának hossza nem lehet nagyobb √2-nél.
(Kanadai feladat)
(5 pont)
A beküldési határidő 2023. február 10-én LEJÁRT.
1. megoldás. Tekintsük az egységnyi sugarú körbe írt ABCD négyzetet, a kör középpontja legyen O.
1. ábra
A négyzet átlói merőlegesen felezik egymást az O pontban, ezért az ABO egyenlő szárú derékszögű háromszög. A Pitagorasz tételből kapjuk, hogy az AB átfogó hossza AB=√2, természetesen ekkor BC=CD=DA=√2 is igaz.
Tegyük fel, hogy az állítással ellentétben az egységnyi sugarú körbe írhatunk olyan húrnégyszöget, amelynek legrövidebb oldala az AB-nél hosszabb. Legyen ez az AE szakasz, ehhez az E pontot az A-t nem tartalmazó BD íven vettük fel (a B,D pontok kivételével). Az így kapott AE szakasz biztosan nagyobb AB-nél, hiszen a kör mindkét AE ívéhez, illetve AE húrjához tartozó α középponti szögre teljesül, hogy
(1) | α>90∘. |
Mivel AE a feltevés szerint a húrnégyszög legrövidebb oldala, ezért (1) alapján a húrnégyszög másik három, AE-nél nem rövidebb oldalához tartozó középponti szögek is nagyobbak 90∘-nál. Ebből az következik, hogy a négyszög négy oldalához tartozó középponti szögeket összeadva 360∘-nál nagyobb középponti szöget kapunk.
Ez azonban lehetetlen, hiszen bármely húrnégyszög négy oldalához tartozó középponti szögek összege pontosan 360∘.
Ellentmondásra jutottunk, ez azt jelenti, hogy feltevésünk hamis volt, tehát az egységnyi sugarú körbe írt húrnégyszög legrövidebb oldala a körbe írt ABCD négyzet oldalánál, vagyis √2-nél nem lehet hosszabb.
2. megoldás. Legyen az O középpontú, egységnyi sugarú körbe írt húrnégyszög legrövidebb oldala az AB=c szakasz, a BOA∢-et jelöljük α-val. A kör AB húrjához két körív tartozik, a körívek hossza nyilvánvaló, hogy nem lehet egyenlő hosszú, mert ha egyenlők lennének, akkor az AB szakasz a kör átmérőjével egyenlő lenne.
Vegyük fel a C belső pontot a hosszabbik AB íven, kössük össze C-t az A és B pontokkal, illetve legyen BCA∢=β.
2. ábra
A húrnégyszög legrövidebb oldala AB, ezért a C pontot nem tartalmazó AB ív legfeljebb akkora, mint a húrnégyszög másik három odalához tartozó három ív. Ebből az is következik, hogy
(1) | α≤90∘, |
hiszen az egyes oldalakhoz tartozó középponti szögek összege 360∘. A rövidebb AB ívhez tartozó középponti és kerületi szög α, illetve β, ezekre a középponti és kerületi szögek összefüggése szerint β=α2 áll fenn, ebből pedig (1) alapján
(2) | β≤45∘ |
következik.
Az AB húr hosszára alkalmazzuk a c=2R⋅sinβ általános szinusztételt, ebből R=1 miatt
(3) | c=2⋅sinβ. |
Az f(x)=sinx függvény a ]0;π2[ intervallumon szigorúan monoton növekvő, ezért (2) és (3) együttes figyelembe vételével azt kapjuk, hogy
c≤2⋅sin45∘,
innen pedig sin45∘=√22 alkalmazásával
c≤√2,
és ez éppen a feladat állítása.
Egyenlőség pontosan akkor van, ha β=45∘, ekkor α=90∘, és így az egységnyi sugarú körbe írt húrnégyszög legrövidebb oldalára AB=c=√2 teljesül, ez a körbe írt négyzet oldalának hosszával egyenlő.
Megjegyzések. 1) Az 1. megoldásban az E pontot az A-t nem tartalmazó BD íven kellett felvennünk (a B,D pontok kivételével), mert ha E az A pontot is tartalmazó BD ívre illeszkedik (B,D kivételével), akkor az AE-hez tartozó középponti szög 90∘-nál kisebb és így AE<AB.
2) Az 1. megoldásban az E pont a megadott feltételek mellett a BD íven bárhol lehet, mindkét AE ívhez, illetve az AE húrhoz tartozó középponti szög nagysága 90∘-nál nagyobb, ezért AE>AB.
Statisztika:
193 dolgozat érkezett. 5 pontot kapott: Aaishipragya Kahaly, Bartus Nikolett, Blaskovics Ádám, Braun Zsófia, Deák Boldizsár Tamás, Divinyi Gréta, Forrai Boldizsár, Gyenes Károly, Hajdú Ábel, Hajós Balázs, Halász Henrik, Hosszu Noel, Iván Máté Domonkos, Kerekes András, Keszthelyi Eszter, Klement Tamás, Kószó Ferenc, Kovács Barnabás, Kővágó Edit Gréta, Menyhárt Eszter Panna, Mészáros Anna Veronika, Molnár-Szirtesi Regő, Németh Hanna Júlia , Oláh András, Petró Péter, Quang Nguyen, Sándor Botond, Schneider Dávid, Seprődi Barnabás Bendegúz, Sipeki Márton, Somogyi Dóra, Sütő Áron, Szegedi Ágoston, Szittyai Anna, Teveli Jakab, Török Eszter Júlia, Ujpál Bálint, Varga 511 Vivien, Waldhauser Miklós, Zoikasz Nikolasz. 4 pontot kapott: 30 versenyző. 3 pontot kapott: 31 versenyző. 2 pontot kapott: 63 versenyző. 1 pontot kapott: 7 versenyző. 0 pontot kapott: 4 versenyző. Nem versenyszerű: 9 dolgozat.
A KöMaL 2023. januári matematika feladatai
|