[40] Loiscenter | 2015-07-06 18:14:46 |
 Köszönöm a segitségedet W- urnak!
Közben is sikerült nekem rajönni egy aranyos megoldásra.
A jelölések legyenek mint a tiédben és ( A.B = A metszet B) akkor
A + B – A.B <= x => A .B >= (40/60 + 45/60 -1).x= 25x/60
Hasonloan C.D >= (48/60 + 50/60 – 1).x = 38x/60
tovabba x >= A .B + C. D - A.B.C.D >= 63/60.x - A.B.C.D
Ebbol A.B.C.D >= 3x/60 ebbol 5>=3x/60 ami azt jelenti, hogy x<= 100 => x=60.
|
Előzmény: [39] w, 2015-07-06 10:48:10 |
|
[39] w | 2015-07-06 10:48:10 |
 Legyen X darab matróz. Tudjuk, hogy 23X, 34X, 45X, 56X egész szám, amiből következik, hogy X osztható 60-nak, X=60x alakú. Vagyis 40x félszemű, 45x falábú, 48x kampókezű és 50x kopasz matróz van.
Jelölje rendre A,B,C,D a félszemű, falábú, kampókezű, kopasz matrózok halmazát, és legyen U az összes matróz halmaza.
Valamikor olvastam a hivatalos megoldást, abban készítettek egy táblázatot, aminek a celláiba az oszlopnak és sornak megfelelő halmaz metszetének elemszámát írták bele:
|
U∖A∖B |
A∖B |
B∖A |
A∩B |
U∖C∖D |
a |
b |
c |
d |
C∖D |
e |
f |
g |
h |
D∖C |
i |
j |
k |
l |
C∩D |
m |
n |
o |
p |
|
Innentől pedig felírjuk a megfelelő mennyiségeket és alkalmas becsülgetéseket végzünk, amiből kijön, hogy x=1 kell legyen, vagyis 60 matróz van. Aztán pedig még alkalmasan ki kell tölteni a táblázatot, hogy belássuk, hogy a feltételek tényleg lehetségesek 60 matrózzal.
A becsülgetések mögött tulajdonképpen egy általánosabb becslés áll. Legyen A1,A2,…,An véges halmazok rendszere, ekkor fennáll a következő egyenlőtlenség:
n∑i=1|Ai|≤(n−1)⋅|A1∪A2∪⋯∪An|+|A1∩A2∩⋯∩An|.
Bizonyítás. Bármely I⊂{1,2,…,n} esetén legyen
HI=(⋂i∈IAi)∖(⋃i∈{1,2,…,n}∖IAi).
Ekkor ugye összesen 2n halmazt kaptunk, amelyek mind megfelelnek {1,2,…,n} valamely részhalmazának. Továbbá ezeknek a halmazoknak nyilván nem lehet közös elemük, páronként diszjunktak, továbbá mind a 2n halmaz uniója éppen A1∪⋯∪An.
Az egyenlőtlenség két oldalán szereplő halmazok nyilván felbonthatók néhány HI uniójára. Például An azon HI halmazok uniója, melyekre n∈I.
A felbontás után hasonlítsuk össze, hogy egy adott HI halmaz hányszor fog szerepelni a két oldalon! Tegyük fel, hogy |I|=r. Ekkor a bal oldalon HI összesen r-szer szerepel, hisz r darab Ai-nek részhalmaza. A jobb oldalon pedig HI r≤n−1 esetén (n−1)-szer szerepel, míg r=n esetén, vagyis I={1,2,…,n}-re éppen n-szer. Mindenesetre a bal oldalon nem fordulhat elő |HI| többször, mint a jobb oldalon, és ez bizonyítja az állítást.
A feladathoz visszatérve, az egyenlőtlenséget A,B,C,D halmazokra alkalmazva a következőt kapjuk:
40x+45x+48x+50x≤3⋅60x+5,
vagyis 183x≤180x+5, 3x≤5. Ez pedig csak x=1-re lehetséges, vagyis csak 60 matróz lehet.
|
Előzmény: [38] Loiscenter, 2015-07-05 11:03:45 |
|
[38] Loiscenter | 2015-07-05 11:03:45 |
 A döntö forduló 3. feladat megoldását tudja valaki segiteni
3. Kullancs kapitány kalózhajóján a matrózoknak pontosan
- kétharmadafé lszemű;
- háromnegyede falábú;
- négyötöde kampókezű, és
- öthatoda kopasz.
A hajón a matrózok kÖzül pontosan azok a tisztek, akik egyszene félszeműek, falábúak, kampókezűek, és kopaszok is egyben. A tisztek száma 5, valamint a tisztek matrózoknak is számítanak!
Hány fős a kalozhajó legénysége?
|
|
|
|
[35] Szabó Máté | 2015-02-12 21:15:34 |
 Sziasztok!
Valakinek megvannak az idei versenyről a Haladók III. kategória feladatai, vagy elérhetőek ezek elektronikus formában valahol? Ha jól láttam a verseny weboldalára még nem kerültek fel.
|
|
[34] Kardos | 2012-01-29 21:52:05 |
 Segítséget szeretnék kérni, nem tud valaki esetleg olyan honlapot vagy könyvet ahol az Arany Dániel matematika verseny történetéről szerezhetnék információt?
|
|
[33] Kardos | 2011-10-18 21:04:04 |
 http://versenyvizsga.hu/external/vvszuro/vvszuro.php# lehet hogy ez a legegyszerűbb ha megadom hol találtam :) érdekelne engem : 1967,1971,1977,1983,1988,1990,1996 2. kategória 10.osztály ha valaki tudna esetleg segíteni azt megköszönném :)
|
Előzmény: [32] Kardos, 2011-10-18 20:58:19 |
|
[32] Kardos | 2011-10-18 20:58:19 |
 2 feladatnál a bebizonyítandó állítás:
a1+a2+…+ak nagyobb egyenlő k/n, ahol 1 kisebb egyenlő k kisebb egyenlő n (Bocsánat de másképpen nem tudtam bele írni :( )
|
Előzmény: [30] Kardos, 2011-10-18 20:35:41 |
|
[31] Kardos | 2011-10-18 20:52:18 |
 1977-ből: 1. feladat (1 pont)
Igazoljuk, hogy az a>0, b>0, c>0 hosszúságú szakaszokból akkor és csak akkor szerkeszthető háromszög, ha tetszőleges p, q valós számokra, amelyekre p+q=1, teljesül, hogy
pa2 +qb2>pqc2.
2. feladat (1 pont)
Egy körbe írt konvex hétszögnek van három 120o-os szöge. Mutassuk meg, hogy ekkor a hétszögnek van két egyenlő oldala!
3. feladat (1 pont)
Egy szabályos n-szög csúcsaiba beírjuk az 1, 2, ..., n számokat valamilyen sorrendben. Ezek után minden élre ráírjuk a végpontjaiba írt számok különbségének abszolút értékét. Mennyi az élekre írt számok összegének lehetséges minimális értéke? Hány olyan elrendezése van az 1, 2, ..., n számoknak, amelyek mellett ez a minimum fellép, ha az elforgatással egymásba átvihető elrendezéseket nem tekintjük különbözőknek?
1988: 1. feladat (1 pont)
Egy trapéz két szomszédos szögének összege 90o, párhuzamos oldalainak hossza a és b. Bizonyítsuk be, hogy a párhuzamos oldalak felezőpontját összekötő szakasz hossza 1/2 I a-b I.
2. feladat (1 pont)
Egy szám négy prímszám szorzata. Melyik ez a szám, ha tudjuk, hogy a négy prímszám négyzetösszege 476?
3. feladat (1 pont)
Az origó középpontú R sugarú kör kerületén pontosan 100 olyan pont van, melynek mindkét koordinátája egész szám. Bizonyítsuk be, hogy R vagy egész szám.
|
|
[30] Kardos | 2011-10-18 20:35:41 |
 Sziasztok! Találtam jó ár régebbi feladatott. ha valaki tudna segíteni a megoldásokban azt megköszönném :) 1971-ből: 1. feladat (1 pont)
Az
x3+px+q=0
harmadfokú egyenlet együtthatói, p és q egész számok, és az egyenlet egyik gyöke: . - Bizonyítsuk be, hogy az egyenlet egy másik gyöke x2=-4. Határozzuk meg az egyenlet harmadik gyökét.
2. feladat (1 pont)
Legyen adva n szám, amelyek összege
a1+a2+...+an=1,
és ezenkívül
a1a2...an.
Bizonyítsuk be, hogy
3. feladat (1 pont)
Adott egy egységnyi oldalú szabályos hatszöglemez. Vágjuk be a lemezt minden oldal felezőpontján átmenő egy-egy h hosszúságú egyenes szakasszal, úgy, hogy a lemez e hat bevágás után ne essék szét. Bizonyítandó, hogy ez a követelmény h<1 esetén kielégíthető, míg h1 esetén a feladatnak nincs megoldása.
|
|
[29] Nánási József | 2010-09-11 18:49:23 |
 Szia! Itt egy link.
"http://lmgtfy.com/?q=Arany+D %C3%A1niel+Matematika+verseny+feladatsorok
|
|
[28] Emmert Gergő | 2010-09-11 18:11:01 |
 Sziasztok vki meg tudná mondani honnan tudok letölteni Arany Dániel Matematikai Verseny-es feladatokat?
|
|
[27] baratilaci | 2010-05-15 20:26:22 |
 Valaki meg tudná esetleg mondani, hogy az eredményhirdetésre behívottak rajta vannak (lesznek) valahol az interneten? Vagy csak az iskoláknak küldik el a listát? Ha jól emlékszem, május 17-re ígérték.
|
|
|
[25] Radián | 2010-03-31 16:11:41 |
 Esetleg, ha nem túl nagy kérés fel tudnád tenni, hogy az egyes kategóriákban hány pont volt a bejutási határ. (A 9 és 10. évfolyamosoknál egyaránt.) Előre is köszönöm.
|
Előzmény: [24] Tassy Gergely, 2010-03-31 00:12:32 |
|
|
[23] Radián | 2010-02-27 19:12:53 |
 Helló! Úgy emlékszem 28-ból 19 v. 20 ponttal már tovább lehetett jutni. (Javítsatok ki ha nem így lenne)
|
|
[22] D. Tamás | 2010-02-27 15:43:02 |
 Kimaradt: 10. évfolyamosoknak.
|
|
[21] D. Tamás | 2010-02-27 14:59:58 |
 Hi!
Nem tudja valaki, hogy tavaly ezen a versenyen a II. kategóriában mennyi volt a végleges továbbjutási ponthatár?
|
|
[20] Radián | 2010-02-23 21:34:13 |
 Nem tudja valaki, hogy mikor lehet megismerni az eredményeket?
|
|
[19] m2mm | 2010-02-21 13:44:04 |
 Haladó/III.kat:
1.Biz. be, hogy a pitagoraszi számhármasnak mindig van két olyan eleme, amelyek négyzetének különbsége osztható 7-tel.
(Pitagoraszi számhármason három olyan a,b,c természtes számot értünk, amelyekre teljesül az a2+b2=c2 összefüggés.)
2.Melyek azok a pozitív egész számok, amelyek 2010-zel nagyobbak számjegyeinek négyzetösszegénél?
3.Az a,b,x,y valós számokra teljesülnek a kövezkező összefüggések: ax+by=3, ax2+by2=7, ax3+by3=16 és ax4+by4=42.
Határozzuk meg ax5+by5 értékét!
4.ABCD trapézban AB párhuzamos CD-vel. Jelölje E az AD egyenes és a BCD háromszög köré írt kör D-től különböző metszéspontját, F pedig az AD egyenes és a C-ből BE-hez húzott párhuzamos egyenes metszéspontját.(D az A és az E pont közt van.)
Biz.be, hogy BC szakasz az AD és EF szakaszok mértani közepe!
5.Legyen en a következő módon definiált egyenes?
, ahol n pozitív egész szám.
Legyen Hn az en egyenes, az x-tengely és az y-tengely által meghatározott háromszög, és legyen Un a H1, H2,...,Hn háromszögek egyesítésével kapott sokszög.
Mekkora U2010 területe?
|
Előzmény: [18] BohnerGéza, 2010-02-20 19:14:46 |
|
[18] BohnerGéza | 2010-02-20 19:14:46 |
 Ha már adott e téma: Kérhetem a csütörtöki (február 18-i) feladatokat?
Előre köszönöm!
|
|
[17] Radián | 2010-02-13 12:07:43 |
 Prímszámoshoz még egy kis segítség:
Mivel p,q,r>3 prím így p,r,q közül min. 2-nek megegyezik a 3-mal való osztási maradéka, ezt használd fel és egy kicsit alakíts az eredeti kifejezésen, így megkapod az eredeti kifejezés osztható 3-mal. Érdekesebb, hogy a páratlan számok négyzetének 16-tal való osztási maradéka 1 vagy 9. Hasonlóan az elsőhöz itt is használd, ki hogy min. 2-nek ( az r négyzet, q négyzet, p négyzetnek) megegyezik a 16-tal való osztási maradéka, majd számolj a maradékokkal és kijön a 16-tal való oszthatóság is. Bizonyára van ennél szebb megoldása a feladatnak, de nekem így jött ki.
A másik(eleje vázlatosan):
Def: Nevezzük komplementer számpároknak azon számokat melyeknek egy adott helyi értéken álló számjegyeinek összege 10.
1. A komplementer számpárok összege egyenlő (1111111110)(Ez könnyen belátható, hisz a hozzárendelés egyértelmű)
2. Az i. legkisebb szám komplementere az i. legnagyobb (Ha ez meg van akkor gyakorlatilag a feladat is kész)
i=1-re igaz
Tegyük fel, hogy i<=k-ig teljesül és bizonyítsuk be k+1-re, hogy teljesül. Ha a k+1. legkisebb szám(q) párja nem a k+1. legnagyobb(p) lenne, akkor csak egy p-nél kisebb számmal alkothatna párt(p-x-szel), mivel k-ig teljesül a 2. pont szerinti párosítás. Ekkor azonban p-nek is egy q-nál nagyobb párja lenne (q+y) és az 1. pontbeli egyenlőség, miszerint: q+p-x=p+q+y nem teljesülne, tehát ellentmondásra jutnánk. Így a 2. megállapítás is igaz. Innentől már rád bízom.
|
Előzmény: [16] travis74, 2010-02-13 10:19:10 |
|
[16] travis74 | 2010-02-13 10:19:10 |
 A 4szöges feladat ment, köszi a segítséget, de a prímszámos és a másik számos feladat nem megy. Próbáltam párosítani a számokat, de nem jutottam sokra. Apu is próbált segíteni de neki sem ment...
|
|