![]() |
A 2001. novemberi számban kitűzött fizika elméleti feladatok megoldása |
A közöltek csak megoldásvázlatok, esetleg csak végeredmények. A maximális pontszám eléréséhez általában ennél részletesebb megoldás szükséges. A részletes megoldásokat a beküldött dolgozatok alapján a KöMaL-ban folyamatosan közöljük.
P. 3466. Domború tükörbe nézve az orrunk aránytalanul nagyobbnak látszik, mint a fülünk. Miért? (3 pont)
Tarján Imre fizikaverseny, Szolnok
Megoldás. A leképezési törvény alapján domború tükör esetén a ,,nagyítás''
KT=|k|t=|f|t+|f|.
Eszerint
(K1/T1)(K2/T2)=t2+|f|t1+|f|.
Mivel fülünknek a tükörtől mért távolsága (t2) nagyobb, mint az orrunké (t1), a képen az orrunk a fülünkhöz képest nagyobb, mint a valóságos arányuk:
\displaystyle {K_1\over K_2{T_1\over T_2}.">
P. 3467. Pihenés nélkül kerékpározva két város között oda-vissza 6 óra a menetidő. Milyen messze van a két város egymástól, ha a vízszintes útszakaszokon 16 km/h, lejtőn felfelé 12 km/h, lejtőn lefelé pedig 24 km/h átlagsebességgel haladunk? (3 pont)
Közli: Kotormán Mihály, Debrecen
Megoldás. A feladat általános megoldásához kevés az adat, de a jelen sebességértékek mellett megoldható: a két város távolsága 48 km.
A megoldhatóság azon múlik, hogy a felfelé, illetve lefelé haladás sebességének ,,harmonikus közepe'' éppen megegyezik a vízszintes útszakaszhoz tartozó átlagsebességgel. Emiatt lényegtelen, hogy az út mekkora hányada emelkedik és mekkora a vízszintes szakasz.
P. 3468. Hőszigetelt edényben 15 oC-os csapvíz van. Ebbe tesszük a mélyhűtőből kivett -15 oC-os jégkockákat. Lehet, hogy nem történik halmazállapotváltozás? Mikor olvad meg a jég egy része? Mikor olvad meg az összes jég? Mikor fagy meg az összes víz? (4 pont)
Közli: Szegedi Ervin, Debrecen
Megoldás. Jelölje a jég és víz tömegarányát r!
P. 3469. Az ábrán látható T alakú merev test három egyforma rúdból áll, és a rudak csatlakozási pontjában a síkjukra merőleges vízszintes tengely körül elfordulhat. A jobb oldali rúd végén és a rudat 2:3 arányban osztó pontban rögzített kötelek egy-egy vízszintes, ékkel alátámasztott rudat tartanak. A felső rudat tartó ék az alsó rudat 3:2 arányban osztja. A felső rúd tömege m1, az alsóé m2, a felső rúdra helyezett test tömege pedig m3. Mekkora tömegű testet kell a bal oldali rúd végén felfüggeszteni az egyensúly biztosításához? Adatok: m1=2,5 kg, m2=6,0 kg, m3=7,5 kg.
(5 pont)
Közli: Piacsek István, Sopron
Megoldás. m=25(m3+m1)+12m2=7,0 kg. Az eredmény független az m3 tömegű test helyzetétől; ez a ,,mázsás mérleg'' működésének alapja.
P. 3470. Egy lejtő végéhez az ábrán látható módon egy kiskocsi csatlakozik. A lejtőről h magasságból elengedett test a könnyen gördülő kiskocsi közepéig csúszik. (A lejtő és a test közötti súrlódás, valamint a kiskocsi kerekeinek tömege elhanyagolható.) Milyen magasból indítsuk a testet, hogy éppen a kiskocsi végénél álljon meg?
(4 pont)
Közli: Kiss Miklós, Gyöngyös
Megoldás. Kérdezzünk így: a kiskocsin mekkora s utat fut be a lejtőről H magasságból indított test? Ebben a problémában egyetlen hosszúság dimenziójú bemenő adat van, a H magasság, és a feladat szempontjából lényeges gravitációs állandó dimenziójából sem ,,keverhető ki'' hosszúság, így az ugyancsak hosszúság dimenziójú s-nek arányosnak kell lennie H-val: s/H=konstans.
Eszerint a kérdéses magasság éppen 2h.
(Részletesen végigszámolva a feladatot
s=1μMm+MH
adódik, ahol mu a test és a kiskocsi közötti súrlódási együttható, m és M pedig a test és a kiskocsi tömege.)
P. 3471. Vékony, de elég merev huzalt 0,6 m sugarú, 30o meredekségű csavarvonal alakra hajlítunk, és úgy rögzítjük, hogy a csavarvonal tengelye függőleges legyen. Ezután a huzalra egy apró, átfúrt gyöngyöt fűzünk, amit egy adott pillanatban elengedünk. Mekkora sebességre gyorsul fel a gyöngy, ha a súrlódási együttható 0,5? (5 pont)
Közli: Szkladányi András, Baja (Mikola-verseny döntője, Sopron)
Megoldásvázlat. A gyöngyre a következők erők hatnak:
A teljes nyomóerő
N=√N21+N22,
a súrlódási erő pedig
S=μN=μ√N21+N22.
Ha a gyöngy állandósult v sebességgel mozog, akkor a
gyorsulásvektora a csavarvonal szimmetriatengelye felé mutat, és a
nagysága (mivel a gyöngyszem mozgásának vízszintes vetülete r
sugarú és vcosalpha kerületi sebességű egyenletes körmozgás)
a=(v2/r)cos2. Az ennek
megfelelő mozgásegyenlet:
N1=mv2rcos2α.
A gyorsulás másik két komponense nulla, ahonnan
N2-mgcos=0,
S-mgsinalpha=0.
A fenti összefüggésekből következik
mgsinα=μ√(mgcosα)2+(mv2cos2αr)2,
azaz
v=√rgμcosα√tg2α−μ2≈2 ms.
P. 3472. Egy hasábot és egy rugót egymáshoz erősítünk. A rugó végénél felfüggesztve a hasáb 1 másodperces rezgésidővel rezeg. Ezután a hasábot vízszintes asztalra tesszük, és egy függőleges fal felé lökjük úgy, hogy a rugó ütközőként elöl haladjon. A fallal ütközve a rugó összenyomódik, majd visszalöki a testet, amely éppen akkor áll meg, amikor a rugó teljesen nyújtatlanná válik. Mennyi idő telt el a rugó falhoz érésétől a visszalökött test megállásáig? (4 pont)
Közli: Honyek Gyula, Budapest
Megoldás. Amíg a rugó x szakasznyit összenyomódik, a mozgásegyenlet
ma=-Dx-mumg,
melynek megoldása (mint az a gyorsulásmentes esetnek megfelelő x0=mumg/D ponttól mért elmozdulásra felírható mozgásegyenletből jól látszik)
x1(t)=A1sin(ωt+φ1)−μmgD.
Amikor a rugó kirúgja magát, a mozgásegyenlet
ma=-Dx+mumg,
és ennek megoldása
x2(t)=A2sin(ωt+φ2)+μmgD.
A két x(t) függvény abban a időpontban
illeszkedik egymáshoz, amikor a sebesség 0, azaz
ωτ+φ1=ωτ+φ2=π2, és .
Amikor a test újra megáll, vagyis a tau+T/2 időpontban x újra 0,
azaz A2=mumg/D. Ezekből varphi1=2=varphi, A1=3
mg/D,
sinvarphi=1/3
(hiszen x1(0)=0), továbbá
=(
/2-
)/
. A kérdéses
Deltat=tau+T/2 időtartam tehát
Δt=T(34−arcsin(1/3)2π)=0,7T.
Mivel a T rezgési periódusidő ugyanakkora, mint a felfüggesztett test esetében, Deltat=0,7 s.
P. 3473. Milyen tömegszázalékos összetételű az a hidrogén-hélium gázelegy, amelynek izobár tágulásakor a környezettől felvett hő 70 %-a a belső energiát növeli? (4 pont)
Közli: Kopcsa József, Debrecen (Mikola Sándor fizikaverseny)
Megoldás. Egy adott mennyiségű gázban legyen a He és a H
móljainak száma rendre n1 és n2. A
környezetből felvett hő, illetve a belső energia változása
és ΔE∼(32n1+52n2)R.
A kettő aránya akkor 0,7, ha n2=5n1. Felhasználva, hogy a móltömegek aránya 2:1, a tömegszázalékos összetétel
x1=2n12n1+n2=0,286=28,6%, x2=n22n1+n2=0,741=71,4%.
P. 3474. Egy d hosszúságú szakasz
végpontjaiban azonos nagyságú pozitív ponttöltések vannak. Mekkora az
elektromos térerősség nagyságának és az elektromos potenciálnak a
hányadosa a szakasz fölé emelt Thalész-kör egy szöggel
jellemzett pontjában?
(4 pont)
Közli: Légrádi Imre, Sopron
Megoldás.
|E|U=1d√sin4α+cos4αsinαcosα(sinα+cosα).
P. 3475. Az ábrán látható vékony, függőleges szigetelő rúd alsó végén levő ütközőn egy m=10-4 kg tömegű, Q1 töltésű gyöngy nyugszik. Felette h0=20 cm távolságban egy ugyancsak m tömegű, Q2 töltésű gyöngy lebeg. Egy adott pillanatban az alsó gyöngyöt megpöcköljük, ez ekkor v0=2 m/s sebességgel elindul felfelé. Legfeljebb mennyire közelíti meg az első gyöngy a felsőt? (A gyöngyök súrlódásmentesen csúszhatnak a rúdon.)
(6 pont)
Közli: Kiss László, Budapest (Egyetemi felvételi feladat alapján)
Megoldás. A rendszer mozgása során a tömegközéppont úgy mozog mint egy (2m tömegű) h0/2 magasban v0/2 sebességgel függőlegesen felfelé hajított tömegpont, a két test pedig ehhez a ponthoz közelít, majd ettől a ponttól távolodik szimmetrikusan, mintha nem lenne gravitáció. Legyenek a pillanatnyi magasságok és sebességek értelemszerűen
h1,2=h∓s2, v1,2=v±u2
és írjuk fel a rendszer energiáját e változókkal:
12mv21+12mv22+mgh1+mgh2+mgh20h2−h1=(mv2+2mgh)+(mu24+mgh20s).
Itt kihasználtuk, hogy a kezdeti egyensúly miatt kQ1Q2/h02=mg. A jobb oldalon az első zárójelben a tömegközéppont mozgásával kapcsolatos energia járulék áll. Mivel ez önmagában is állandó, a második zárójelben álló, a tömegpontok relatív mozgásával kapcsolatos energia is megmaradó mennyiség. Kezdetben s=h0 és u=v0, tehát
mu24+mgh20s=mv204+mgh0.
s akkor a legkisebb, ha u=0, innen
smin=4gh20v20+4gh0≈13 cm.
Megjegyzés: A megoldás során feltételeztük, hogy a vizsgált mozgás során az alsó gyöngy még nem csapódik neki az ütközőnek. Ez jogos (bár csak integrálszámítás felhasználásával igazolható) feltevés.
P. 3476. Homogén mágneses térben körpályán kering egy elektron. Lehet-e nagyobb az elektron mozgása által keltett mágneses indukcióvektor értéke a kör középpontjában, mint a homogén mágneses teret jellemző indukcióvektor? (5 pont)
Közli: Varga István, Békéscsaba (Bay Zoltán fizikaverseny, Sarkad)
Megoldás. Egy köráram középpontjában az áram által keltett indukció
Bi=μ02IR.
Amikor egy elektron v sebességgel R sugarú körpályán kering, az áramerősség
I=ev2πR.
Ha a v sebességgel mozgó elektront B0 indukciójú mágneses mező tartja a körpályán, a mozgásegyenlet:
evB=mv2R.
Ezeket egybevetve
BiB0=μ04πe2mR,
amelyet a mu0varepsilon0=1/c2 (c a vákuumbeli fénysebesség) felhasználásával
BiB0=[e24πε01mc2]⋅1R
alakba is írhatunk.
A keringő elektron mozgása által keltett mágneses mező a fenti képlet szerint akkor lehetne nagyobb, mint a homogén B0, ha R kisebb lenne a szögletes zárójelben szereplő, klasszikus elektronsugárnak nevezett mennyiségnél. Ennek számértéke azonban r0=2,8.10-15 m, nagyságrendileg az atommag méretével megegyező távolság. Az elektron - a klasszikus fizika törvényei szerint - nem lehet kisebb méretű, mint r0, hiszen ellenkező esetben a saját elektrosztatikus energiája elérné, vagy meghaladná a teljes E=mc2 nyugalmi energiáját. Azt is mondhatjuk, hogy a klasszikus elektrodinamika érvényét veszti, ha r0-nál kisebb méretekben lezajló eseményekre, folyamatokra akarnánk alkalmazni. (Egyéb okok, pl. az elektron hullámtermészete miatt már sokkal nagyobb méreteknél is alkalmazhatatlan a klasszikus elmélet.) A feltett kérdésre tehát a válasz nemleges: az elektron nem hozhat létre nagyobb mágneses teret a körpálya középpontjában, mint amekkora mágneses tér az elektront körpályán tartja.
P. 3477. Homogén, vékony lécből a, b és c oldalélű háromszög alakú keretet állítunk össze. A léckeret össztömege m. Mekkora a keret tehetetlenségi nyomatéka a tömegközéppontján átmenő, a háromszög síkjára merőleges tengelyre vonatkozóan? (5 pont)
Közli: Gnädig Péter, Budapest
Megoldás.
Θkeret=m12(a+b+c)(a3+b3+c3+3abc).